$ Result = mysql_query ("projesi INSERT INTO (clientname, satış elemanı, umudu) VALUES ('$ CLIENTNAME', '$ salesPer', '$ prospectVal')");
$ Result = mysql_query ("projectid BY projesi SİPARİŞ SELECT *"); while ($ row = mysql_fetch_array ($ result)) {return (array ($ row ['projectid'], $ row ['clientname'], ..
Ben bir web sitesi oluşturma ve / shop / dizininde Magento monte ediyorum.
Ben Drupal gerçekten nasıl çalıştığı hakkında kapsamlı bir bakış görmek için henüz.
Ben her mesajı yazarlar adını, bazı metin ve oluşturulma tarihini içeren bir temel forum oluşturma.
Ben PostgreSQL db ile, bir Symfony 1.0 projesinde Propel 1.2 kullanıyorum.
topic.php $ id = isset ($ _GET ['id'])?
Ben çoklu seçim kutusundan bilgi ile bir kaydı güncelleştirmek için çalışıyorum, ben ben bu kodu eklemek için çalışıyorum ki ben yeni bir satır eklemek için INSERT INTO kullanıyordum zaman iyi çalışıyor, ama şimdi oldu ...
fonksiyonu showFields ($ selClient) {$ result = mysql_query ("projesi WHERE projectid = $ selClient SELECT *");
Bana bir nihai karar için böylece tavsiye önemlidir, Zend Framework hakkında bilgi edinmek için tespit değil!
